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读完本文，你不仅学会了算法套路，还可以顺便去 LeetCode 上拿下如下题目：
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什么是贪心算法呢？贪心算法可以认为是动态规划算法的一个特例，相比动态规划，使用贪心算法需要满足更多的条件（贪心选择性质），但是效率比动态规划要高。
比如说一个算法问题使用暴力解法需要指数级时间，如果能使用动态规划消除重叠子问题，就可以降到多项式级别的时间，如果满足贪心选择性质，那么可以进一步降低时间复杂度，达到线性级别的。
什么是贪心选择性质呢，简单说就是：每一步都做出一个局部最优的选择，最终的结果就是全局最优。注意哦，这是一种特殊性质，其实只有一部分问题拥有这个性质。
比如你面前放着 100 张人民币，你只能拿十张，怎么才能拿最多的面额？显然每次选择剩下钞票中面值最大的一张，最后你的选择一定是最优的。
然而，大部分问题明显不具有贪心选择性质。比如打斗地主，对手出对儿三，按照贪心策略，你应该出尽可能小的牌刚好压制住对方，但现实情况我们甚至可能会出王炸。这种情况就不能用贪心算法，而得使用动态规划解决，参见前文「动态规划解决博弈问题」。
言归正传，本文解决一个很经典的贪心算法问题 Interval Scheduling（区间调度问题）。给你很多形如 [start, end] 的闭区间，请你设计一个算法，算出这些区间中最多有几个互不相交的区间。
int intervalSchedule(int[][] intvs) {}举个例子，intvs = [[1,3], [2,4], [3,6]]，这些区间最多有 2 个区间互不相交，即 [[1,3], [3,6]]，你的算法应该返回 2。注意边界相同并不算相交。
这个问题在生活中的应用广泛，比如你今天有好几个活动，每个活动都可以用区间 [start, end] 表示开始和结束的时间，请问你今天**最多能参加几个活动呢？**显然你一个人不能同时参加两个活动，所以说这个问题就是求这些时间区间的最大不相交子集。
这个问题有许多看起来不错的贪心思路，却都不能得到正确答案。比如说：
也许我们可以每次选择可选区间中开始最早的那个？但是可能存在某些区间开始很早，但是很长，使得我们错误地错过了一些短的区间。或者我们每次选择可选区间中最短的那个？或者选择出现冲突最少的那个区间？这些方案都能很容易举出反例，不是正确的方案。
正确的思路其实很简单，可以分为以下三步：
- 从区间集合 intvs 中选择一个区间 x，这个 x 是在当前所有区间中结束最早的（end 最小）。
- 把所有与 x 区间相交的区间从区间集合 intvs 中删除。
- 重复步骤 1 和 2，直到 intvs 为空为止。之前选出的那些 x 就是最大不相交子集。
把这个思路实现成算法的话，可以按每个区间的 end 数值升序排序，因为这样处理之后实现步骤 1 和步骤 2 都方便很多:
现在来实现算法，对于步骤 1，由于我们预先按照 end 排了序，所以选择 x 是很容易的。关键在于，如何去除与 x 相交的区间，选择下一轮循环的 x 呢？
由于我们事先排了序，不难发现所有与 x 相交的区间必然会与 x 的 end 相交；如果一个区间不想与 x 的 end 相交，它的 start 必须要大于（或等于）x 的 end：
看下代码：
public int intervalSchedule(int[][] intvs) {
if (intvs.length == 0) return 0;
// 按 end 升序排序
Arrays.sort(intvs, new Comparator<int[]>() {
@Override
public int compare(int[] a, int[] b) {
// 这里不能使用 a[1] - b[1]，要注意溢出问题
if (a[1] < b[1])
return -1;
else if (a[1] > b[1])
return 1;
else return 0;
}
});
// 至少有一个区间不相交
int count = 1;
// 排序后，第一个区间就是 x
int x_end = intvs[0][1];
for (int[] interval : intvs) {
int start = interval[0];
if (start >= x_end) {
// 找到下一个选择的区间了
count++;
x_end = interval[1];
}
}
return count;
}下面举例几道 LeetCode 题目应用一下区间调度算法。
第 435 题，无重叠区间：
我们已经会求最多有几个区间不会重叠了，那么剩下的不就是至少需要去除的区间吗？
int eraseOverlapIntervals(int[][] intervals) {
int n = intervals.length;
return n - intervalSchedule(intervals);
}第 452 题，用最少的箭头射爆气球：
其实稍微思考一下，这个问题和区间调度算法一模一样！如果最多有 n 个不重叠的区间，那么就至少需要 n 个箭头穿透所有区间：
只是有一点不一样，在 intervalSchedule 算法中，如果两个区间的边界触碰，不算重叠；而按照这道题目的描述，箭头如果碰到气球的边界气球也会爆炸，所以说相当于区间的边界触碰也算重叠：
所以只要将之前的算法稍作修改，就是这道题目的答案：
int findMinArrowShots(int[][] intvs) {
// ...
for (int[] interval : intvs) {
int start = interval[0];
// 把 >= 改成 > 就行了
if (start > x_end) {
count++;
x_end = interval[1];
}
}
return count;
}＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿
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Edwenc 提供 第435题的python3 代码：
class Solution:
def eraseOverlapIntervals(self, intervals: List[List[int]]) -> int:
### 思路是首先找到不重叠的区间的个数
### 然后再用总个数减去不重叠个数
### 获得的就是 需要移除的个数
# 首先获得区间的个数 为0的话就不用移除
n = len(intervals)
if n==0:
return 0
# 按照每个区间的右端点值进行排序
sorted_list = sorted( intervals , key=lambda x: x[1] )
# 不重叠区间个数至少是1
count = 1
# end是所有不重叠的区间中 最大的右端点
# end的初始值即是sorted_list[0]的右端点
end = sorted_list[0][1]
# 从1开始往后找 因为0在上面已经取过了
for i in range(1,n):
# start是当前区间左端点值
start = sorted_list[i][0]
# 如果当前左端点比最大右端点都大了（可能相等）
# 说明两区间不重叠 count+1 再更新end
if start>=end:
count += 1
end = sorted_list[i][1]
# 最后返回的是 需要移除的区间个数
return n-count区间调度实现
var intervalSchedule = function (intvs) {
if (intvs.length === 0) return 0;
// 按end升序排序
intvs.sort((a, b) => {
if (a[1] < b[1])
return -1;
else if (a[1] > b[1])
return 1;
else return 0;
})
// 至少有一个区间不相交
let count = 1;
// 排序后，第一个区间就是 x
let x_end = intvs[0][1];
for (let interval of intvs) {
let start = interval[0];
if (start >= x_end) {
// 找到下一个选择的区间了
count++;
x_end = interval[1];
}
}
return count;
}第435题 无重叠区间
/**
* @param {number[][]} intervals
* @return {number}
*/
var eraseOverlapIntervals = function (intervals) {
let n = intervals.length;
// 我们已经会求最多有几个区间不会重叠了，那么剩下的不就是至少需要去除的区间吗？
return n - intervalSchedule(intervals);
};
var intervalSchedule = function (intvs) {
if (intvs.length === 0) return 0;
// 按end升序排序
intvs.sort((a, b) => {
if (a[1] < b[1])
return -1;
else if (a[1] > b[1])
return 1;
else return 0;
})
// 至少有一个区间不相交
let count = 1;
// 排序后，第一个区间就是 x
let x_end = intvs[0][1];
for (let interval of intvs) {
let start = interval[0];
if (start >= x_end) {
// 找到下一个选择的区间了
count++;
x_end = interval[1];
}
}
return count;
}第452题 用最少数量的箭引爆气球
/**
* @param {number[][]} points
* @return {number}
*/
var findMinArrowShots = function (intvs) {
if (intvs.length === 0) return 0;
// 按end升序排序
intvs.sort((a, b) => {
if (a[1] < b[1])
return -1;
else if (a[1] > b[1])
return 1;
else return 0;
})
// 至少有一个区间不相交
let count = 1;
// 排序后，第一个区间就是 x
let x_end = intvs[0][1];
for (let interval of intvs) {
let start = interval[0];
if (start > x_end) {
// 找到下一个选择的区间了
count++;
x_end = interval[1];
}
}
return count;
};